yasinshaw
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# 盛最多水的容器 (Container With Most Water)
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## 题目描述
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给定一个长度为 `n` 的整数数组 `height`。有 `n` 条垂直线，第 `i` 条线的两个端点是 `(i, 0)` 和 `(i, height[i])`。
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找出两条线，使得它们与 x 轴共同构成的容器可以容纳最多的水。
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返回容器可以储存的最大水量。
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**说明：**你不能倾斜容器。
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### 示例
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**示例 1：**
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```
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输入：[1,8,6,2,5,4,8,3,7]
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输出：49
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解释：图中垂直线代表输入数组 [1,8,6,2,5,4,8,3,7]。在此情况下，容器能够容纳水（表示为蓝色部分）的最大值为 49。
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```
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**示例 2：**
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```
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输入：[1,1]
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输出：1
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```
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### 约束条件
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- `n == height.length`
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- `2 <= n <= 10^5`
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- `0 <= height[i] <= 10^4`
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## 解题思路
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### 方法一：双指针法（最优解）
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**核心思想：**使用两个指针，一个在数组开头，一个在数组末尾。每次移动较短的指针向中间靠拢。
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**为什么这样做？**
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- 容器的容量由 `min(height[left], height[right]) * (right - left)` 决定
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- 如果移动较高的指针，宽度减小，高度只能保持不变或减小，容量一定不会增大
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- 如果移动较短的指针，虽然宽度减小，但可能会找到更高的线，从而增大容量
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**算法步骤：**
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1. 初始化 `left = 0`，`right = len(height) - 1`，`maxArea = 0`
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2. 当 `left < right` 时：
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- 计算当前面积：`area = min(height[left], height[right]) * (right - left)`
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- 更新 `maxArea = max(maxArea, area)`
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- 如果 `height[left] < height[right]`，则 `left++`，否则 `right--`
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3. 返回 `maxArea`
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### 方法二：暴力枚举（不推荐）
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枚举所有可能的线对，计算每对线构成的容器容量，取最大值。时间复杂度 O(n²)，会超时。
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## 代码实现
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### Go 实现
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```go
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package main
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import (
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"fmt"
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)
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func maxArea(height []int) int {
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left, right := 0, len(height)-1
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maxArea := 0
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for left < right {
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// 计算当前面积
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width := right - left
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h := height[left]
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if height[right] < h {
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h = height[right]
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}
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area := width * h
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// 更新最大面积
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if area > maxArea {
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maxArea = area
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}
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// 移动较短的指针
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if height[left] < height[right] {
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left++
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} else {
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right--
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}
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}
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return maxArea
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}
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// 测试用例
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func main() {
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// 测试用例1
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height1 := []int{1, 8, 6, 2, 5, 4, 8, 3, 7}
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fmt.Printf("输入: %v\n", height1)
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fmt.Printf("输出: %d\n", maxArea(height1)) // 期望输出: 49
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// 测试用例2
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height2 := []int{1, 1}
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fmt.Printf("\n输入: %v\n", height2)
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fmt.Printf("输出: %d\n", maxArea(height2)) // 期望输出: 1
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// 测试用例3: 递增序列
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height3 := []int{1, 2, 3, 4, 5}
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fmt.Printf("\n输入: %v\n", height3)
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fmt.Printf("输出: %d\n", maxArea(height3)) // 期望输出: 6
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// 测试用例4: 递减序列
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height4 := []int{5, 4, 3, 2, 1}
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fmt.Printf("\n输入: %v\n", height4)
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fmt.Printf("输出: %d\n", maxArea(height4)) // 期望输出: 6
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// 测试用例5: 包含0
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height5 := []int{0, 2}
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fmt.Printf("\n输入: %v\n", height5)
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fmt.Printf("输出: %d\n", maxArea(height5)) // 期望输出: 0
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}
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```
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- **时间复杂度：** O(n)
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- 只需遍历数组一次，每次移动一个指针
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- 指针最多移动 n 次
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- **空间复杂度：** O(1)
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- 只使用了常数级别的额外空间
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- 只需要几个变量存储指针和最大面积
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### 暴力枚举
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- **时间复杂度：** O(n²)
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- 需要枚举所有可能的线对
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- 共有 n(n-1)/2 种组合
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- **空间复杂度：** O(1)
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- 只需要常数级别的额外空间
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## 进阶问题
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### Q1: 如果可以倾斜容器，问题会如何变化？
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**A:** 如果可以倾斜容器，问题会变得复杂得多。需要考虑水的倾斜角度和容器的几何形状，这涉及到更多的物理和几何计算。
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### Q2: 如果需要返回构成最大容器的两条线的索引，应该如何修改？
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**A:** 在更新 `maxArea` 的同时，记录当前的 `left` 和 `right` 索引。
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```go
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// Go 版本
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func maxAreaWithIndex(height []int) (int, int, int) {
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left, right := 0, len(height)-1
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maxArea, bestL, bestR := 0, 0, 0
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for left < right {
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h := height[left]
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if height[right] < h {
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h = height[right]
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}
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area := (right - left) * h
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if area > maxArea {
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maxArea = area
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bestL, bestR = left, right
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}
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if height[left] < height[right] {
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left++
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} else {
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right--
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}
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}
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return maxArea, bestL, bestR
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}
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```
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### Q3: 如果数组中有负数，应该如何处理？
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**A:** 如果高度可以为负数，需要先过滤掉负数或取绝对值。通常物理意义上的高度不应为负，但如果题目允许，可以这样处理：
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```go
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// 处理负数：取绝对值
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func maxAreaWithNegative(height []int) int {
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left, right := 0, len(height)-1
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maxArea := 0
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for left < right {
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h := height[left]
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if height[right] < h {
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h = height[right]
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}
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h = abs(h) // 取绝对值
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area := (right - left) * h
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maxArea = max(maxArea, area)
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if abs(height[left]) < abs(height[right]) {
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left++
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} else {
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right--
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}
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}
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return maxArea
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}
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func abs(x int) int {
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if x < 0 {
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return -x
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}
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return x
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}
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```
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## P7 加分项
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### 1. 深度理解：为什么双指针法一定正确？
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**数学证明：**
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假设当前指针在 `left` 和 `right`，且 `height[left] < height[right]`。
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我们要证明：移动 `right` 指针一定不会得到更大的面积。
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- 当前面积：`S1 = height[left] * (right - left)`
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- 移动 `right` 后的面积：`S2 = min(height[left], height[right-1]) * (right - 1 - left)`
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- 由于 `height[left] < height[right]`，且 `right-1 < right`
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- 所以 `S2 <= height[left] * (right - 1 - left) < height[left] * (right - left) = S1`
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因此，移动较高的指针不会得到更大的面积。
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### 2. 实战扩展：接雨水问题 (Trapping Rain Water)
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**LeetCode 42:** 给定 n 个非负整数表示每个宽度为 1 的柱子的高度图，计算按此排列的柱子，下雨之后能接多少雨水。
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```go
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func trap(height []int) int {
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if len(height) < 3 {
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return 0
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}
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left, right := 0, len(height)-1
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leftMax, rightMax := 0, 0
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water := 0
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for left < right {
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if height[left] < height[right] {
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if height[left] >= leftMax {
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leftMax = height[left]
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} else {
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water += leftMax - height[left]
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}
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left++
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} else {
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if height[right] >= rightMax {
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rightMax = height[right]
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} else {
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water += rightMax - height[right]
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}
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right--
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}
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}
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return water
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}
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```
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**核心区别：**
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- 盛水容器：找两条线构成最大面积
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- 接雨水：计算所有能接的雨水总量
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### 3. 变形题目
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#### 变形1：盛最多水的容器 II（允许倾斜）
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如果允许容器倾斜，最大水量取决于两条线之间的最小距离和角度。
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#### 变形2：三维盛水
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给定一个 m × n 的矩阵，每个格子表示高度，找出能盛最多水的四个角构成的容器。
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#### 变形3：动态盛水
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容器的高度会随时间变化，求某个时间段内能盛的最大水量。
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### 4. 优化技巧
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#### 优化1：提前终止
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如果当前可能的面积（即使宽度最大）已经小于 `maxArea`，可以提前终止。
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```go
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func maxAreaOptimized(height []int) int {
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left, right := 0, len(height)-1
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maxArea := 0
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for left < right {
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area := (right - left) * min(height[left], height[right])
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maxArea = max(maxArea, area)
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// 提前终止：如果当前宽度已经很窄，可能无法超过maxArea
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if right-left <= maxArea/max(height[left], height[right]) {
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break
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}
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if height[left] < height[right] {
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left++
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} else {
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right--
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}
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}
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return maxArea
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}
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```
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#### 优化2：跳过明显不可能的线
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如果移动后的线高度比移动前还低，可以继续移动直到找到更高的线。
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```go
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func maxAreaSkip(height []int) int {
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left, right := 0, len(height)-1
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maxArea := 0
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for left < right {
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||
area := (right - left) * min(height[left], height[right])
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maxArea = max(maxArea, area)
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if height[left] < height[right] {
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oldLeft := left
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left++
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// 跳过比oldLeft还低的线
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for left < right && height[left] <= height[oldLeft] {
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left++
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}
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} else {
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oldRight := right
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||
right--
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||
// 跳过比oldRight还低的线
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||
for left < right && height[right] <= height[oldRight] {
|
||
right--
|
||
}
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||
}
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}
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return maxArea
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}
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```
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### 5. 实际应用场景
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- **水库设计：** 计算水库的最大蓄水量
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- **城市规划：** 确定建筑物之间的最佳距离以最大化绿化面积
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- **数据压缩：** 在某些压缩算法中寻找最优的分段点
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### 6. 面试技巧
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**面试官可能会问：**
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1. "为什么双指针法一定能找到最优解？"
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2. "如果数组有 10^8 个元素，你的算法还能用吗？"
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3. "如何证明你的算法是正确的？"
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**回答要点：**
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1. 给出数学证明（如上所述）
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2. 讨论算法的局限性，考虑分布式处理
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3. 提供正确的证明思路
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### 7. 相关题目推荐
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